- Google Pixel topik
- Mindenki Z Fold7-et akar
- Yettel topik
- iPhone 16e - ellenvetésem lenne
- Az Exynos 2600 az első 2 nm-es mobilchip
- Kikristályosodik a Razr 60
- Telekom mobilszolgáltatások
- Három Redmi 15 érkezett a lengyel piacra
- Samsung Galaxy A54 - türelemjáték
- Garmin Venu X1 - vékony, virtuóz, váltságíjas
Hirdetés
Talpon vagyunk, köszönjük a sok biztatást! Ha segíteni szeretnél, boldogan ajánljuk Előfizetéseinket!
Új hozzászólás Aktív témák
-
skoda12
aktív tag
válasz
#74220800
#5645
üzenetére
A felső kör sugarát lényegében azzal határozod meg, hogy v-t milyen intervallumon futtatod, mert radius*(1-v) az adott magassághoz tartozó kör sugara. Fordítva, ha tudod, hogy mekkora sugarat szeretnél a fenti körhöz, mondjuk r, akkor radius*(1-v)=r-ből ki tudod számolni, hogy milyen intervallumon kell futtatni v-t.
Ha kellenek a körlapok is, akkor ilyesmivel lehet próbálkozni:
x=w*cos(u*2*PI)
y=w*sin(u*2*PI)
z=height*vahol w szintén paraméter és [0, radius*(1-v)] között mozog, tehát egy másik paramétertől is függ. Ezt nem tudom mennyire szeretik a rajzoló lib-ek, amiket használsz, mert parametrikus egyenleteknél nem szokott egyik paraméter a másiktól függeni.
-
axioma
Topikgazda
válasz
#74220800
#5159
üzenetére
Tisztazzuk: halmaz, vagy multihalmaz?
Halmaznal nincs olyan, hogy "ket darab ... van benne". A halmaz attol halmaz (es nem csak sokasag), hogy barmirol el tudjuk donteni, hogy benne van vagy nincs.
A halmazba bele tudsz ketszer rakni egy elemet, ha igy nezed (informatikai szemmel), vagy lehet "a listaban szereplo szamok halmaza" ahol a listaban ketszer szerepel, de a halmaz vagy tartalmazza, vagy nem.
Tehat ha halmaz, akkor a ket halmaz egyenlo, es benne egyetlen elem van: az 1-es.
Ha multihalmaz lenne, nehol van ilyen, akkor mindket operandus multihalmaz, es az eredmeny is az. Az eredmenyhalmaz ebben az esetben az 1-est 1x tartalmazo multihalmaz. -
axioma
Topikgazda
válasz
#74220800
#5068
üzenetére
Igen, ismetleses kombinacio, tulkepp fejben elore kiosztod a gyumolcsok sorrendjet, beraksz a sorba n-1 elvalasztot, es hogyan valaszthatod ki ezeket az elvalasztokat (vagy a gyumik helyet), az mar megszabja a kivalasztast (elvalaszto elol, hatul, es tobb egymas mellett is lehet, nulla darabok megengedettek).
3.a jo, de a 3.b nem. Mert ha az 1. levelet a 2. helyre rakta, akkor a 2. levelet megint 3 helyre teheti.
Legegyszerubben azt mondanam, hogy a fixpont nelkuli permutaciok, mivel mind ciklusokra bonthato fel, az a 4 esete'ben 2+2 hosszu ciklusok, vagy 4-es ciklus. Az utobbi 3!-felekeppen lehet (1-es utani sorrend, mindig felirhatod az 1-tol kezdve), a 2x2 meg 4 alatt a 2-felekeppen lehet. A 3 hosszu ciklus mellett fixpont lenne, az nem jo.Szerintem a 4-esben ugyanezt nem vetted eszre, de akkor jobb osszeszamolas is van, pill... (ma mar 8 ora melo utan 2 versenyfeladat is volt, kicsit belassult az agyam...)
Na lustaztam egyet, szita formulat sejtettem, de ez igy tuti nem jott volna ma mar ossze... [link]
-
axioma
Topikgazda
válasz
#74220800
#5066
üzenetére
Az a baj, hogy egy csomo helyen ugyanazt a szitut 2x szamolod.
6 no 6 ffi: ha a noket fixen sorbaallitod, akkor a ffiak barmely sorrendje (es csak az!!!) egy kulonbozo parositas. Ha a noket is kevered, akkor mar ugyanaz eloall, pl. 2-nel ha azt nezed hogy te beleszamolod a kov. 4-et:
n1,f1 & n2,f2
n1,f2 & n2,f1
n2,f1 & n1,f2
n2,f2 & n1,f1
Ebbol latvanyosan a 2.=3. es 1.=4.
Szoval ez a valasz siman 6! lesz.
Mashol is van ilyen hibad, ezt gondold at vegig. Most nem tudom mindet vegigkommentelni. -
axioma
Topikgazda
válasz
#74220800
#5053
üzenetére
Az inverz kiszamolasahoz: a^phi(m) = 1 (mod m), tehat az inverz a az Euler-fele phi fuggveny kiszamolasara visszavezetheto. (Ha algoritmikusan is kell gyors kiszamolas nagy m-re, szolj.)
Spec.esetkent, ha az m az prim, akkor az a inverze az a^(m-2)
Kieg. Persze csak ha m nem osztoja a-nak, a zerusnak (barmelyik reprezentansanak) nincs inverze. -
TDX
tag
válasz
#74220800
#5053
üzenetére
Az első állításod igaz.
A második nem igaz, pl.: a=2m, b=3m, c=m esetén azt kapnánk hogy 2 ≡ 3 mod m, viszont ez nem igaz, csak ha m=1.
A második állítás kijavítása: a/c ≡ b/c mod m igaz lesz, ha (c,m)=1. más esetben kell leosztani a modulust is.Viszont, az ekvivaldnciáknál nem annyira kedvelt a leosztása mindkét oldalnak, így itt gyakran használt másik módszer:
Minden pozitív egésznek értelmezzük az inverzét, modulo m. Tetszőleges x (poz. egész) inverze az az x', amire x*x' ≡ 1 mod m és x' a lehető legkisebb ilyen egész szám. Ez azért jó, mert ekkor 1/x ≡ x' mod m, tehát ha x-szel osztanál, helyette x'-vel szorzol.Más fontos állítást nem tudok, és a többi állításod helyes (az utolsót nem értem)
-
TDX
tag
válasz
#74220800
#5039
üzenetére
A megoldásod majdnem helyes, csak indirekt kell dolgozni. (=tegyük fel hogy van olyan számnyocas amire nem teljesül a feltétel), ekkor ha a 8 szám nagyság szerint csökkenő sorrendben a_1, a_2, ... a_8, akkor a_1<=3279, a_2<=a_1/3-1=1093, a_3<=363, ... a_7<=3, és innen már látod hogy a_1, a_2, ... a_8 nem lehet jó számnyolcas, tehát a feltevésünk nem helyes, tehát nincsen ilyen számnyolcas.
-
Cucuska2
addikt
válasz
#74220800
#5039
üzenetére
Az ötletre jól rátaláltál, de te egy példát mutattál, ez így nem bizonyítás, csak egy számnyolcas, amire teljesül.
Az a lényeg, hogy felbontod az általad vázolt 7 intervallumra az [1, 3279]-et. (a végpontok az 1, 4, 13, 40, 121, 364, 1093, 3072)
Ezek az intervallumok azt tudják, hogyha két szám egy intervallumba esik, akkor teljesül rájuk a feltétel.
Megemlékezünk a skatulyaelvről - 7 intervallum, 8 szám => lesz legalább két szám, mely ugyanabba az intervallumba esik. Ezekre teljesül a feltétel, győztünk.Grrrr, lassú voltam!
-
axioma
Topikgazda
válasz
#74220800
#5039
üzenetére
Legyen a 7 halmaz: 1-3,4-12,13-39,40-120,121-363,364-1092,1093-3279
A 7 skatulyabol az egyikben lesz 2, azokra meg igaz lesz, ha a>b-nek valasztjuk oket, hogy hanyadosuk 1 es 3 kozotti.
A te konstrukciod problemaja, hogy te "megsejtesz" egy legrosszabb veletlenszeru 8-as konstrualasi szabalyt, es utana kihozod, hogy IGY nem tudsz 8-at mondani (ha tudnal, az persze cafolatnak jo lenne, de most az a lenyeg, hogy nincs). De azt nem bizonyitja, hogy mashogy sem lehet... Hiaba azonos (csak en alulrol indultam) a letrehozasi elve a hatarszamoknak. -
-
-
Új hozzászólás Aktív témák
axioma
- Telefon felvásárlás!! Samsung Galaxy A70/Samsung Galaxy A71/Samsung Galaxy A72
- GYÖNYÖRŰ iPhone 11 Pro 64GB Space Grey -1 ÉV GARANCIA - Kártyafüggetlen, MS2051
- BESZÁMÍTÁS! MSI A320M R3 4100 16GB DDR4 120GB SSD 500GB HDD GTX 1050Ti 4GB Zalman T7 NBASE 600W
- Apple iPhone 13 Mini / 128GB / Gyárifüggetlen / 12Hó Garancia / 84% akku
- Gamer PC- Számítógép! Csere-Beszámítás! I5 12400F / RTX 3070 8GB / 32GB DDR4 / 500GB SSD+ 2TB HDD
Állásajánlatok
Cég: FOTC
Város: Budapest